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2017年高考语文复习强化训练试题及答案

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  2017年高考数学提分专项练习及答案(4)1

  一、选择题

  1.已知{an}为等差数列,其前n项和为Sn,若a3=6,S3=12,则公差d等于()

  A.1 B.

  C.2 D.3

  答案:C 命题立意:本题主要考查等差数列的通项公式、求和公式,考查运算求解能力.

  解题思路:根据已知,a1+2d=6,3a1+3d=12,解得d=2,故选C.

  2.已知数列{an}的前n项和Sn=an-1(a≠0),则{an}()

  A.一定是等差数列

  B.一定是等比数列

  C.或者是等差数列,或者是等比数列

  D.既不可能是等差数列,也不可能是等比数列

  答案:C 命题立意:等差数列和等比数列的基本运算是高考经常考查的重点,本题根据数列的前n项和求解通项公式,渗透等差数列和等比数列的定义,体现了基本知识的应用,同时也体现了分类讨论的思想,对能力要求较高,应予以重视.

  解题思路: Sn=an-1(a≠0), an=即an=当a=1时,an=0,数列{an}是一个常数列,也是等差数列;当a≠1时,数列{an}是一个等比数列,故选C.

  3.在数列{an}中,若对任意的n均有an+an+1+an+2为定值(nN*),且a7=2,a9=3,a98=4,则数列{an}的前100项的和S100等于()

  A.132 B.299 C.68 D.99

  答案:B 解题思路:设an+an+1+an+2=x,则an+1+an+2+an+3=x,两式作差得an=an+3,所以数列{an}为周期数列并且周期T=3,a98=a3×32+2=a2,a9=a3×2+3=a3,a7=a1,所以S100=33×S3+a1=299,故选B.

  4.已知等比数列{an}的各项均为不等于1的正数,数列{bn}满足bn=lg an,b3=18,b6=12,则数列{bn}的前n项和的值等于()

  A.126 B.130 C.132 D.134

  答案:C 解题思路:bn+1-bn=lg an+1-lg an=lg =lg q(常数),

  {bn}为等差数列.

  设公差为d, ∴ 由bn=-2n+24≥0,得n≤12, {bn}的前11项为正,第12项为零,从第13项起为负, S11,S12且S11=S12=132.

  5.在数列{an}中,a1=1,a2=2,若an+2=2an+1-an+2,则an等于()

  A.n3-n+ B.n3-5n2+9n-4

  C.n2-2n+2 D.2n2-5n+4

  答案:C 命题立意:本题考查等差数列的定义与通项公式、累加法求数列的通项公式,难度中等.

  解题思路:依题意得(an+2-an+1)-(an+1-an)=2,因此数列{an+1-an}是以1为首项,2为公差的等差数列,an+1-an=1+2(n-1)=2n-1.当n≥2时,an=a1+(a2-a1)+(a3-a2)+…+(an-an-1)=1+1+3+…+(2n-3)=1+=(n-1)2+1=n2-2n+2.又a1=1=12-2×1+2,因此an=n2-2n+2,故选C.

  6.(天津模拟)已知数列{an}满足a1=0,an+1=(nN*),则a20=()

  A.0 B.-1 C1. D.2

  答案:B 命题立意:本题主要考查数列的周期性,难度中等.

  解题思路:因为数列{an}满足a1=0,an+1=(nN*),a2=-,a3=,a4=0, T=3,则a20=a2=-,故选B.

  二、填空题

  7.已知数列{an}中,a1=1,an+1=(-1)n(an+1),记Sn为{an}前n项的和,则S2 013=________.

  答案:-1 005 命题立意:本题主要考查递推数列的有关知识,要求考生掌握常见的几类求递推数列的通项与前n项和,首先是与等差(等比)数列相关的递推数列,其次是一阶线性递推数列,还有具有周期性的数列.本题就是一种具有周期性的递推数列.

  解题思路:由a1=1,an+1=(-1)n(an+1)可得该数列是周期为4的数列,且a1=1,a2=-2,a3=-1,a4=0.所以S2 013=503(a1+a2+a3+a4)+a2 013=503×(-2)+1=-1 005.

  8.在各项均为正数的等比数列{an}中,已知a3+a4=11a2a4,且它的前2n项的和等于它的前2n项中偶数项之和的11倍,则数列{an}的通项公式an=________.

  答案:102-n 命题立意:本题考查等比数列的通项公式及其前n项和公式等知识,考查考生的运算能力.

  解题思路:设等比数列{an}的公比为q,前2n项和为S2n,前2n项中偶数项之和为Tn,由题意知q≠1,则S2n=,Tn=.由题意可知S2n=11Tn,即=.解得q=(或令n=1,则S2=11T1,即a1+a2=11a2,化简得a1=10a2,故q=).又a3+a4=11a2a4,所以a1q2+a1q3=11aq4,化简得1+q=11a1q2,将q=代入可得a1=10,故an=a1qn-1==102-n.

  9.已知各项都为正数的数列{an},其前n项的和为Sn,且Sn=(+)2(n≥2),若bn=+,且数列{bn}的前n项的和为Tn,则Tn=________.

  答案: 解题思路:-=,则=n,Sn=n2a1,an=Sn-Sn-1=(2n-1)a1,bn=+=2+-,Tn=++…+=2n+2-=.

  10.数列{an}满足a1=3,an-anan+1=1,An表示{an}的前n项之积,则A2 013=________.

  答案:-1 命题立意:本题与常考的求等差、等比数列的通项公式或前n项和不同,本题考查给定数列的前n项之积,这就要求考生能根据已知数列,得到数列的性质.求解本题的关键是得到{an}的周期.

  解题思路:由a1=3,an-anan+1=1,得an+1=,所以a2==,a3=-,a4=3,所以{an}是以3为周期的数列,且a1a2a3=-1,又2 013=3×671,所以A2 013=(-1)671=-1.三、解答题

  11.数列{an}的前n项和为Sn,且Sn=(an-1),数列{bn}满足bn=bn-1-(n≥2),且b1=3.

  (1)求数列{an}与{bn}的通项公式;

  (2)设数列{cn}满足cn=an·log2(bn+1),其前n项和为Tn,求Tn.

  解析:(1)对于数列{an}有Sn=(an-1),

  Sn-1=(an-1-1)(n≥2),

  由-,得an=(an-an-1),即an=3an-1,

  当n=1时,S1=(a1-1)=a1,解得a1=3,

  则an=a1·qn-1=3·3n-1=3n.

  对于数列{bn},有bn=bn-1-(n≥2),

  可得bn+1=bn-1+,即=.

  bn+1=(b1+1)n-1=4n-1=42-n,

  即bn=42-n-1.

  (2)由(1)可知

  cn=an·log2(bn+1)=3n·log2 42-n

  =3n·log2 24-2n=3n(4-2n).

  Tn=2·31+0·32+(-2)·33+…+(4-2n)·3n,

  3Tn=2·32+0·33+…+(6-2n)·3n+(4-2n)·3n+1,

  由-,得

  -2Tn=2·3+(-2)·32+(-2)·33+…+(-2)·3n-(4-2n)·3n+1

  =6+(-2)(32+33+…+3n)-(4-2n)·3n+1,

  则Tn=-3++(2-n)·3n+1

  =-+·3n+1.

  12.已知数列{an}为等比数列,其前n项和为Sn,已知a1+a4=-,且对于任意的nN+有Sn,Sn+2,Sn+1成等差数列.

  (1)求数列{an}的通项公式;

  (2)已知bn=n(nN+),记Tn=+++…+,若(n-1)2≤m(Tn-n-1)对于n≥2恒成立,求实数m的范围.

  解析:(1)设公比为q,

  S1,S3,S2成等差数列,

  2S3=S1+S2,

  2a1(1+q+q2)=a1(2+q),得q=-,

  又a1+a4=a1(1+q3)=-,

  a1=-, an=a1qn-1=n.

  (2)∵ bn=n,an=n,

  =n·2n,

  Tn=1·2+2·22+3·23+…+n·2n,

  2Tn=1·22+2·23+3·24+…+(n-1)·2n+n·2n+1,

  ①-,得-Tn=2+22+23+…+2n-n·2n+1,

  Tn=-=(n-1)·2n+1+2.

  若(n-1)2≤m(Tn-n-1)对于n≥2恒成立,

  则(n-1)2≤m[(n-1)·2n+1+2-n-1],

  (n-1)2≤m(n-1)·(2n+1-1),

  m≥.

  令f(n)=,f(n+1)-f(n)=-=

精选图文

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